如何在不包含完整的文件系统头的情况下使用文件系统的类路径C++17?

How to use the class path of filesystem without including the complete filesystem header in C++17?

本文关键字：文件系统 路径 C++17 情况下 包含完      更新时间：2023-10-16

我有两个问题：

第一个问题：

我想创建一个类型的对象

std :: filesystem :: path

我希望在不经过提升的情况下做到这一点，因为标准 C 17 允许这样做。

Boost 的优势在于我们可以做到：

#include <boost / filesystem / path.hpp>

因此，它允许您准确包含所需的内容。

但是如果我一开始就这样做：

#include <filesystem>

那么在这种情况下，它包含了大部分不会被使用的代码(但我不确定这个说法(，在处理后的代码中。

所以，我的第一个问题：是否可以只包含具有C++17标准的文件系统的类"路径"？

我看了：

https://en.cppreference.com/w/cpp/header/filesystem

而且有很多课程我不需要。我只需要"路径"。

如何仅集成路径而不涉及提升？

我想，如果可能的话，在 C 17 中使用 if 文件系统会减少预处理后获得的代码？

谢谢

该标准要求path至少在<filesystem>中向前声明，请参阅：29.11.5 标题<filesystem>概要。实际上，这将取决于您的编译器在哪里声明std::filesystem::path，因此，您应该只包含<filesystem>.

我还觉得，就编译时间而言，只需要包含<boost/filesystem/path.hpp>会比必须包含"所有"<fileysystem>更便宜，但是至少在我的机器上测量它会得到令人惊讶的结果，std::filesystem：

$ echo '#include <filesystem>' | time -p g++ -std=c++17 -x c++ -c -
real 0.49
user 0.43
sys 0.05

与仅包括<boost/filesystem/path.hpp>：

$ echo '#include <boost/filesystem/path.hpp>' | time -p g++ -std=c++17 -x c++ -c -
real 0.89
user 0.81
sys 0.07

因此，包括<filesystem>几乎是包括"仅"<boost/filesystem/path.hpp>的两倍。为了进一步巩固编译时间的增加可以归因于 Boost 实现而不是其他一些晦涩的原因，我检查了由于分别包含<boost/filesystem/path.hpp>和<filesystem>而需要预处理的头文件的数量：

$ echo '#include <boost/filesystem/path.hpp>' | g++ -std=c++17 -x c++ -M -c - | wc -l
407

对：

$ echo '#include <filesystem>' | g++ -std=c++17 -x c++ -M -c - | wc -l
144

我认为可以安全地得出结论，如果您担心的是编译时间，您不必担心包含<filesystem>。

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