(void *）1 是什么意思

What does (void *)1 mean?

本文关键字：是什么 意思 void      更新时间：2023-10-16

我正在阅读ROS的代码。

在文件ros_comm/roscpp/include/ros/subscriber.h中，我看到这样一段代码：

operator void*() const { return (impl_ && impl_->isValid()) ? (void*)1 : (void*)0; }

好吧，(void *)0在 C 中可以被视为NULL，但(void *)1是什么意思？

如果一个类Foo包含这个函数，这意味着我们可以像这样编码：

Foo foo;
void *ptr = foo;

右？那么这是否意味着void *ptr = (void *)1是可能的呢？这是什么意思？

这是一个

古老的技巧，用于避免在 C++11 中引入上下文转换之前隐式转换为bool的问题explicit。 它旨在用于检查有效性：

Subscriber my_subscriber = someFunction();
if (!my_subscriber) {
    // error case
}

重要的一点是，不存在从 void* 类型到整数类型的内置转换，但确实存在从 bool 到整数类型的转换。 同时，存在从void*到bool的内置转换。 这意味着，如果您定义隐式转换为 bool ，则以下内容非常有效：

void my_func(int i);
void another_func() {
    Subscriber sub = something();
    my_func(sub);
}

定义转换为void*可避免该问题。

不过，如今，这种技巧已经过时了。 C++11引入了explicit转换。 explicit转换为bool在if和循环的条件下考虑，但在其他有问题的情况下不考虑。 这意味着现在转换应该写成：

explicit operator bool() const { return impl_ && impl_->isValid(); }

它表明编写代码的人不是很熟悉他们正在使用的语言或工具，或者代码已经存在了很长时间并被不同的人入侵，大概在过去某个时候经历了 C 到 C++ 的过渡，仍然带有一些遗留的 API 合约(期望void*(，这可能会很麻烦。

如果你看一下来源，没有充分的理由做这样的事情。 impl_是一个实现operator bool的boost::shared_ptr<Impl>，Impl::isValid也返回bool。没有理由使用或返回任何东西，除了bool任何地方。

基本上，这是一种扭曲(可能危险(的写作方式：

return impl_ && impl_->isValid();
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