仅当找不到其他运算符时才调用我的模板运算符<<
call my template operator<< only if no other found
我想通过toString成员函数打印对象的状态,但我想通过String::toString(var)
调用它。但我只想对并没有定义operator<<
的对象执行此操作。
我的尝试在下面。我有调用toString
的模板operator<<
,但我希望只有在没有找到其他合适的operator<<
的情况下才会考虑这个运算符。我显然错了:)
#include <iostream>
#include <sstream>
struct WithToString
{
std::string toString()
{ return std::string ("foo") ; }
};
struct WithoutToString {};
struct String
{
template <typename T>
static std::string toString(T & var)
{
std::stringstream s;
s << var;
return s.str();
}
};
template <typename T>
std::ostream & operator<<(std::ostream & s, T & var)
{
s << var.toString();
return s;
}
int main(int argc, char *argv[])
{
int i = 5;
std::cout << String::toString(i); //fine, prints 5
WithToString w;
std::cout << String::toString(w); //fine, prints foo
// WithoutToString ws;
// std::cout << String::toString(ws); //fine - give "toString is not a member" error
// const char * s = "bar";
// std::cout << String::toString(s); //error - operator << is ambiguous
// std::string s = "bar";
// std::cout << String::toString(s); //error - toString is not a member
return 0;
}
如何实现这种行为?
编辑
这是我的另一次尝试,但字符串和字符*再次失败
template <class Type, class V>
class HasOperatorShiftLeft
{
template <typename T, T> struct TypeCheck;
typedef char Yes;
typedef long No;
template <typename T> struct ToString
{
typedef std::ostream & (T::*fptr)(V);
};
template <typename T> static Yes HasOpShift(TypeCheck< typename ToString<T>::fptr, &T::operator<< >*);
template <typename T> static No HasOpShift(...);
public:
static bool const value = (sizeof(HasOpShift<Type>(0)) == sizeof(Yes));
};
template <typename T, int A>
struct toStringStr{};
template <typename T>
struct toStringStr<T,1>
{
static std::string toString(T & var)
{
std::stringstream s;
s << var;
return s.str();
}
};
template <typename T>
struct toStringStr<T,0>
{
static std::string toString(T & var)
{
return var.toString();
}
};
template <typename T>
std::string toString(T & var)
{
return toStringStr<T,HasOperatorShiftLeft<std::ostream,T>::value>::toString(var);
}
编辑我的最新尝试被发布为Answer,因为我认为它在
这实际上很容易,尽管按照注释中的描述做起来很愚蠢。使用C++11:
template<class T>
auto operator<<(std::ostream& os, T const& val)
-> decltype(os << val.toString())
{
return os << val.toString();
}
只有当decltype(..)
中的内容是有效表达式时,此函数才会存在。现在,只需将所有内容流式传输到std::ostream&
中,就可以结束这一天了。如果一个类型同时具有toString
和重载operator<<
(对于std::ostream&
),那么就很难了。您将得到一个"对重载operator<<
的模糊调用"错误。
对于C++03,还有另一个选项。由于您似乎有点不喜欢免费函数,我假设您喜欢接口。因此,使用virtual std::string toString() const = 0
方法为自己创建一个Streamable
基类,并仅为此重载operator<<
。Presto,实现该接口的所有类都有operator<<
!
struct Streamable{
virtual std::string toString() const = 0;
};
std::ostream& operator<<(std::ostream& os, Streamable const& s){
return os << s.toString();
}
或者,你甚至可以深入到元级别来摆脱无用的虚拟函数调用:
template<class D>
struct Streamable{
std::string toString() const{
return static_cast<D const&>(*this).toString();
}
};
template<class D>
std::ostream& operator<<(std::ostream& os, Streamable<D> const& s){
return os << s.toString();
}
// example:
struct Blub
: public Streamable<Blub>
{
// implement toString() ...
};
这个怎么样?我觉得效果很好。。。
struct String
{
template <typename T>
static std::string toString(const T & var)
{
std::stringstream s;
s << var;
return s.str();
}
};
template<typename Elem, typename Traits, typename T>
std::basic_ostream<Elem, Traits> & operator <<(std::basic_ostream<Elem, Traits> & s, const T & var)
{
s << var.toString();
return s;
}
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